信息處理技術員通過率「網絡工程試題及答案」

2020軟考臨近，分享一下2019軟考網絡上午部分試題，希望對朋友們有所幫助，會陸續更新全部試題

試題1：

計算機執行指令的過程中，需要由（1）產生每條指令的操作信號並將信號送往相應的部件進行處理，已完成指定的操作。

A、CPU的控制器B、CPU的運算器C、DMA控制器 D、Cache控制器

解析：A 控制部件

英文Control unit；控制部件，主要是負責對指令譯碼，並且發出為完成每條指令所要執行的各個操作的控制信號。

其結構有兩種：一種是以微存儲為核心的微程序控制方式；一種是以邏輯硬布線結構為主的控制方式。

微存儲中保持微碼，每一個微碼對應於一個最基本的微操作，又稱微指令；各條指令是由不同序列的微碼組成，這種微碼序列構成微程序。中央處理器在對指令譯碼以後，即發出一定時序的控制信號，按給定序列的順序以微周期為節拍執行由這些微碼確定的若干個微操作，即可完成某條指令的執行。簡單指令是由（3～5）個微操作組成，複雜指令則要由幾十個微操作甚至幾百個微操作組成。

試題2：

DMA控制方式是在（2）之間直接建立數據通路進行數據的交換處理。 A、CPU與主存B、CPU與外設C、主存與外設D、外設與外設

解析：C

DMA方式主要適用於一些高速的I/O設備。這些設備傳輸位元組或字的速度非常快。對於這類高速I/O設備，如果用輸入輸出指令或採用中斷的方法來傳輸位元組信息， 會大量佔用CPU的時間，同時也容易造成數據的丟失。而DMA方式能使I/O設備直接和存儲器進行成批數據的快速傳送

試題3：

在（3）校驗方法中，採用模2運算來構造校驗位。

A、 水平奇偶B、垂直奇偶C、海明碼 D、循環冗餘

解析：D

CRC校驗碼編碼思想: 任何一個由二進制數位串組成的代碼，都可以唯一地與一個只含有0和1兩個係數的多項式建立一一對應的關係。例如，1011011可以看成是一元多項式X6+X4+X3+X+1的係數。

在使用CRC編碼時，發送方和接收方事先約定一個生成多項式G（X），這個多項式最高位和最低位必須是1。

假設一個幀有m位，它對應的多項式是M（X），為了計算檢驗和，該幀長度必須大於生成多項式的長度。循環冗餘碼的編碼思想就是：在幀的尾部追加一個檢驗和，使得追加之後的幀對應的多項式能夠被G（X）除盡（即餘數為0）。當接收方收到帶有檢驗和的幀之後，試着用G（X）去除它，如果餘數不為0，則表明在傳輸過程中有錯誤。

試題4：

以下關於RISC（精簡指令系統計算機）技術的敘述中，錯誤的是（4）。

A、指令長度固定、指令種類盡量少 B、指令功能強大、尋址方式複雜多樣

C、增加寄存器數目以減少訪存次數 D、用硬布線電路實現指令解碼，快速完成指令譯碼

解析：B

為了提高操作系統的效率，人們最初選擇了向指令系統中添加更多、更複雜的指令這種方式來實現，而且隨着不斷地升級和向後兼容的需要，指令集也越來越大。這種類型的計算機，我們稱為複雜指令計算機（CISC）。後來研究發現，計算機指令系統如果使用少量結構簡單的指令，就會提高計算機性能，這就是精簡指令集（RISC）

試題5-6：

甲公司購買了一個工具軟件，並使用該工具軟件開發了新的名為”恆友”的軟件， 甲公司在銷售新軟件的同時，向客戶提供工具軟件的複製品，則該行為（5）。甲公司未對”恆友”軟件註冊商標就開始推向市場，並獲得用戶的好評。三個月後， 乙公司也推出名為”恆友”的類似軟件，並對之進行了商標註冊，則其行為（6）

（5）A、侵犯了著作權 B、不構成侵權行為C、侵犯了專利權 D、屬於不正當競爭

（6）A、侵犯了著作權 B、不構成侵權行為C、侵犯了商標權 D、屬於不正當競爭

解析：AB

1計算機軟件著作權的歸屬

軟件著作權歸屬的基本原則我國《著作權法》規定著作權屬於作者。《計算機軟件保護條例》規定軟件著作權屬於軟件開發者。

2職務開發軟件著作權的歸屬

當公民作為某單位的僱員時，如其開發的軟件屬於執行本職工作的結果，則軟件著作權應歸單位享有。若開發的軟件不是執行本職工作的結果，其著作權不屬於單位享有；如果該僱員主要使用了單位的設備，按照《計算機軟件保護條例》第十三條第三款規定，不能屬於該僱員所有

3合作開發軟件著作權的歸屬

由兩個或兩個以上的公民、法人或其他組織訂立協議，共同開發完成的軟件屬於合 作開發的軟件。其著作權的歸屬一般是共同享有，合作開發者不能單獨行使轉讓權。如果有軟件著作權的協議，則按照協議確定軟件著作權的歸屬。

試題7：

10個成員組成的開發小組，若任意兩人之間都有溝通路徑，則一共有（7）條溝通路徑。

A、100 B、90 C、50 D、45

解析：D

溝通渠道數為n*（n-1）/2=10*9/2=45

試題8：

某文件系統採用位示圖（bitmap）記錄磁盤的使用情況。若計算機系統的字長為64位，磁盤的容量為1024G，物理塊大小為4MB，那麼位示圖的大小需要（8）個字。

A、1200 B、2400 C、4096 D、9600

解析：C

位示圖是利用二進制的一位來表示磁盤中的一個盤塊的使用情況。當其值為”0″時，表示對應的盤塊空閑；為”1″時，表示已經分配。有的系統把”0″作為板塊已分配的標記，把”1″作為空閑標誌。(它們的本質上是相同的，都是用一位的兩種狀態標誌空閑和已分配兩種情況。) 磁盤上的所有盤塊都有一個二進制位與之對應，這樣，由所有盤塊所對應的位構成一個集合，稱為位示圖。1024*1024/4/64=4096

試題9：

某文件系統的目錄結構如下圖所示，假設用戶要訪問文件book2.doc，且當前工作目錄為MyDrivers，則該文件的絕對路徑和相對路徑分別為（9）

A、MyDriversuser2和user2 B、MyDriversuser2和user2 C、MyDriversuser2和user2 D、MyDriversuser2和user2

解析：C相對路徑：即相對於當前文件的路徑，前端開發中比較常用的路徑表示方法絕對路徑：即主頁文件或者目錄在硬盤上真正的路徑

試題10：下圖所示為一個不確定有限自動機（NFA）的狀態轉換圖，與該NFA等價的DFA是

解析：C

NFA–>DFA.整體的步驟是三步： 一，先把正規式轉換為NFA（非確定有關自動機）, 二，在把NFA通過”子集構造法”轉化為DFA， 三，再把DFA通過”分割法”進行最小化。

NFA可以有000狀態，因此排除A；NFA可以有010狀態，可以排除BD

試題11：

設信號的波特率為1000Baud，信道支持的最大數據速率為2000b/s，則信道採用的調製技術為（11）

A、 BPSK B、QPSK C、BFSK D、4B5B

解析：B

信號的波特率為1000Baud，信道支持的最大數據速率為2000b/s 顯然碼元種類數為4個，可知QPSK滿足要求。

試題12：

假設模擬信號的頻率為10-16MHz，採樣頻率必須大於（12）時，才能使得到的樣本信號不失真。

A、8MHz B、10MHz C、20MHz D、32MHz

解析：D

奈奎斯特採樣定律，採樣頻率必須是信號最大頻率的 2 倍

試題13：

下列千兆以太網標準中，傳輸距離最短的是（13）。

A、1000BASE-FX B、1000BASE-CX C、1000BASE-SX D、1000BASE-LX

解析：B

IEEE802.3Z工作組已確定了以下一組規範，統稱為1000Base－X。1000Base－LX：多模光纖傳輸距離為550米，單模光纖傳輸距離為3000米

·1000Base－SX：62.5微米多模光纖傳輸距離為300米，50微米多模光 纖傳輸距離為550米

·1000Base－CX：用於短距離設備的連接，使用高速率雙絞銅纜，最大傳輸距離為25米。

·1000Base－T：5類銅纜傳輸最大距離為100米。

試題14：

以下關於直通式交換機和存儲轉髮式交換機的敘述中，正確的是（14）。

A存儲轉髮式交換機採用軟件實現交換B直通式交換機存在環幀傳播的風險

C存儲轉髮式交換機無需進行CRC校驗

D直通式交換機比存儲轉髮式交換機交換速率慢

解析：B

直通式交換，也就是交換機在收到幀後，只要查看到此幀的目的MAC地址，馬上憑藉MAC地址表向相應的端口轉發；這種 方式的好處是速度快，轉發所需時間短，但問題是可能同時把一些錯誤的、無用的幀也同時轉發向目地端。存儲轉發機制就是交換機的每個端口被分配到一定的緩衝區（內存空間，一般為64 k），數據在進入交換機後讀取完目標MAC地址， 憑藉MAC地址表了解到轉發關係後，數據會一直在此端口的緩衝區內存儲，直到數據填滿緩衝區然後一次把所有數據轉發 到目的地。在數據存儲在緩衝區期間，交換機會對數據作出簡單效驗，如果此時發現錯誤的數據，就不會轉發到目地端， 而是在這裡直接丟棄掉了。當然這種方式可以提供更好的數據轉發質量，但是相對的轉發所需時間就會比直通交換要長一點。碎片隔離式也叫改進型直通式交換，利用到直通式的優勢就是轉發遲延小，同時會檢查每個數據幀的長度。因為原理上，每個以太網幀不可能小於64位元組，大於1518位元組。如果交換機檢查到有小過64位元組或大於1518位元組的幀，它都會認為這些幀是”殘缺幀”或”超長幀”，那麼也會在轉發前丟棄掉。這種方式綜合了直通交換和存儲轉發的優勢，很多高速交換機會採用，但是並沒有存儲轉發方式來的普及。

無論是直通轉發還是存儲轉發都是一種二層的轉發方式，而且它們的轉發策略都是基於目的MAC（DMAC）的，在這一點 上這兩種轉發方式沒有區別。第三種方法主要是第一種”直通轉發”的變形。

它們之間的最大區別在於，它們何時去處理轉發，也就是交換機怎樣去處理數據包的接收進程和轉發進程的關係。

試題15：

下列指標中，僅用於雙絞線測試的是（15）。

A、最大衰減限值B、波長窗口參數C、回波損耗限值D、近端串擾

解析：D

串擾指的是網線在傳輸網絡信號中，產生了彼此的互相干擾，嚴重的時候會影響到網絡傳輸的質量。網線的雙絞程度越緊密，絞距越均勻時，其抗干擾的能力也會越強，且內部的串擾也會越小，在長距離網絡傳輸中，效果也就越好。

近端串擾，縮寫為NEXT，是衡量單鏈路/通道的一個性能參數，測量從一對線耦合到另一對線的信號。引起干擾的線對被稱為”干擾線對”，而受串擾影響的線對被稱為”被干擾線對”。

遠端串擾縮寫為FEXT，也在一個通道內測量。遠端串擾與NEXT有很多相似之處， 但在通道的遠端測量。

試題16-17：

採用HDLC協議進行數據傳輸，幀0-7循環編號，當發送站發送了編號為0、1、2、3、4 的5幀時，收到了對方應答幀REJ3，此時發送站應發送的後續3幀為（16），若收到的對方應答幀為SREJ3，則發送站應發送的後續3幀為（17）。

（16）A、2、3、4 B、3、4、5 C、3、5、6 D、5、6、7

（17）A、2、3、4 B、3、4、5 C、3、5、6 D、5、6、7

解析：B C

HDLC用01111110作為幀的邊界標誌

地址字段用於標識從站的地址，用在點對點鏈路中

HDLC定義了三種幀：信息幀（I幀）、管理幀（S幀）和無編號幀（U幀） 信息字段：只有I幀和某些無編號幀還有信息字段

幀中繼工作在OSI第兩層，即物理層與數據鏈路層

FR幀比較簡單，只做檢錯，不再重傳，沒有滑動窗口的流控，只用擁塞控制幀中繼速率可達64Kbit/s – 2Mbit/s

幀中繼具有動態分配帶寬的功能，允許用戶數據速率在一定範圍內變化，可以有效處理突發性數據。

幀中繼無法保證可靠提交，不適用於對延遲敏感的應用，如音頻、視頻

試題18-19：

EI載波的控制開銷占（18），EI基本幀的傳送時間為（19）。

（18）A、0.518% B、6.25% C、1.25% D、25%

（19）A、100ms B、200μs C、125μs D、150μs

解析：B C

常見數字傳輸系統

T1載波：在北美和日本廣泛使用。它把24路按時分多路的原理複合在一條1.54Mbps的高速信道上。每路話音信道有7位數據位和一個信令位，周期為125us，因此24路話音信道可容納8×24=192位長的數字串。 這192位數字組成一幀，最後再加入一個幀同步位，故幀長為193位。每123us傳送一幀，這樣，對每一路話音信道來說，傳輸數據的速率 為7b/125us=56Kbps，傳輸控制信息的速率為1b/125us=8Kbps，總的速率為193b/125us=1.544Mbps

E2載波由4個E1載波組成數據速率為8.448Mbps：E3載波由4個E2載波組成，數據速率為34.368Mbps；E4載波由4個E3載波組成，數據速率為139.24Mbps；E5載波由4個E4載波組成，數據速率為565.148Mbps

試題20：

TCP和UDP協議均提供了（20）能力。

A、連接管理B、差錯校驗和重傳C、流量控制D、端口尋址

解析：A